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(2014?闵行区一模)如图所示,两端开口足够长的U...

设玻璃管横截面积为S,由题意可知,封闭气体压强:p=p0+h=75+6=81cmHg,p′=p0+h′=75+(6+9)=90cmHg,由玻意耳定律得:pV=p′p′,即:81*10S=90*L′S,解得:L′=9cm,空气柱长度减少10-9cm,左管水银面上升:2

不正确.因为ACE段水银柱总长只有45cm,所以在左侧缓慢加入25cm长水银柱后,左侧竖直管中只可能保留45cm长的水银柱.故末状态的压强不为125cmHg. 已知 p1=100cmHg,V1=15S,T1=300K;p2=(75+45)cmHg=120 cmHg,V2=l2S p1 V1=p2 V2 L2=12.5cm 答:稳定时管内的空气柱长度为12.5cm.

(1)左管内气体压强:p1=p0+h2=80cmHg,右管内气体压强:p2=p左+h1=85cmHg,p2=p0+h3,解得,右管内外液面高度差h3=10cm,右管内气柱长度L2=L1-h1-h2+h3=50cm;(2)设玻璃管截面积S,由理想气体状态方程,p1L1S T1 =[P0+ρg(h2+L3?L1)]L3S T2 ,80*50 300 =(75+5+L3?50)L3 T2 ,解得:L3=60cm.答:(1)右管内气柱的长度为50cm.(2)关闭阀门A,当温度升至405K时,左侧竖直管内气柱的长度为60cm.

U形管右侧的气体的压强:P=P0-ρgh,气体的压强处处相等,所以左右两边水银柱的长度是相等的,所以左管内水银面比槽中水银高5cm;右边水管内水银长度不变,则封闭气体压强不变,即封闭气体的压强与外部大气压强差不变,则B管内水银的高度不变;故答案为:高5;不变.

解:设大气压强为p0,由图示可知,封闭气体压强:p=p0+h=p0+h′,温度升高时,大气压p0与h′都不变,则封闭气体压强p不变,h不变,故ABC错误,D正确;故选:D.

设水银柱高度为h,则封闭气体压强:pB=p0+h,pA=pB-h=p0;A、只升高B的温度,B的压强与A的压强都不变,A的温度不变,A的体积不变,故A错误;B、A、B升高相同的温度,A、B的压强都不变,A的压强不变,温度升高,由盖吕萨克定律可知,A的体积增大,故B错误;C、在右管中加入水银,A、B的压强都增大,A的压强增大、温度不变,由玻意耳定律可知,A的体积减小,故C正确;D、U形管在竖直平面内逆时针转过90°,A、B的压强都减小,A的压强减小而温度不变,由玻意耳定律可知,A的体积增大,故D错误;故选:C.

设细管横截面积为s,粗管横截面积为2s,故两边液面高度差为6cm时,细管液面下降4cm,粗管液面上升2cm以粗管为研究对象,封闭气体初始压强为:p1=p0=75cmHg,气柱长为l1=12cm封闭气体末状态压强为:p2,气柱长为l2=10

以右侧管中封闭气体做为研究对象,封闭气体的压强P=P0+h=P0+h右,要使两侧水银面高度差h增大,封闭气体的压强P=P0+h变大;A、从左侧管口滴入水银,h右不变,封闭气体压强P=P0+h右不变,两侧水银面高度差h不变,故A错

从图中可以看出,b水银柱长度小于a水银柱长度;拔掉塞子前,封闭气体的气压为:P1=P0-ρgha;将塞子拔掉瞬间,b水银柱处上下压强差为:△P=ρgha,向上,由于hb

解:(1)根据题意知:气体做等温抄变化 p 1 =76 cmHg+8 cmHg=84 cmHg,V 1 =10S cm 3p 2 =?,V 2 =8S cm 3P 1 V 1 =p 2 V 284*10S=P 2 *8S p 2 =105 cmHg 则加入水银长度袭h=p 2 -p 0 -L 1 =21 cm(2)不正确,因为空气柱长度发生了知变化.由于最初和最后空气柱的位置与长度都没有变化,从右边加入的水银柱长度等于从左边加入的水银柱长度,即道h 右 =21 cm

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